Пред.
След.
Макеты страниц
Распознанный текст, спецсимволы и формулы могут содержать ошибки, поэтому с корректным вариантом рекомендуем ознакомиться на отсканированных изображениях учебника выше Также, советуем воспользоваться поиском по сайту, мы уверены, что вы сможете найти больше информации по нужной Вам тематике Литература: С. Ленг, Алгебра, єМир», М., 1968. В этой главе собраны вместе несколько фактов из алгебраической геометрии, которые понадобятся нам в следующей главе. Материал этой главы не был бы столь обширен, если бы нам не пришлось еще ввести некоторую технику, необходимую для разложения алгебраических множеств. Эта техника – первый шаг к теории стратификации, играющей важную роль в изучении особенностей. Пусть $K$ – некоторое поле (обычно $\mathbf{R}$ или $\mathbf{C}$ ), и пусть $K^{n}$ – векторное пространство $n$-строк над $K$. Обратно, всякий идеал $\mathfrak{a} \subset K[x]$ позволяет определить подмножество $V(\mathfrak{a}) \subset K^{n}$, называемое множеством кулей идеала $\mathrm{a}:$ Следующая тсорема устанавливает, что подмножество $V$ (a) алгебраическое. Согласно этой теореме, $V(\mathfrak{a})$ – это множество общих нулей образующих $\left\{f_{1}, \ldots, f_{r}\right\}$ идеала а. По определению, множество $A$ является алгебраическим, если справедливо равенство $V(\mathrm{n}(A))=A$. Для всякого подмножества $A \subset K^{n}$ выполняется включение $V(\mathrm{n}(A)) \supset A$. Следовательно, $V(\mathrm{n}(A))$ – это нанменьшее алгебраическое подмножество, содержащее $A$. Если а и b- идеалы в $K[x]$, то Всякой убывающей последовательности алгебраических множеств соответствует возрастающая последовательность идеалов, обращающихся в нуль на этих множествах: Поскольку кольцо $K[x]$ нётерово, существует такое $n_{s}$ что все образующие идеала $\mathfrak{a}=\bigcup_{i=1}^{\infty} a_{i}$ содержатся в $a_{n}$, следовательно, $u=a_{n}$. Таким образом, последовательность идеалов перестает возрастать, начикая с номера $n$, а значит, последовательность алгебранческих множеств перестает убывать, начиная с номера $n$. Итак, справедливо утверждение: Отсюда следует, что $K^{n}$ можно наделить топологией, в которой роль замкнутых множеств будут играть алгебраические множества. Это так называемая тополоаия Зарисского. В случае, когда $K=\mathbf{R}$ или $\mathbf{C}$, она гораздо слабее, чем обычная топология. Объединение двух алгебраических множеств очевидно является алгебраическим множеством, поскольку $V(\mathfrak{a}) \cup V(\mathfrak{b})=V(\mathfrak{a} \cap \mathfrak{b})$. Всякое пересечение алгебраических множеств на самом деле, как мы видели, своднтся к конечному пересечению. В качестве множества многочленов, определяющих $A \cap B$, можно взять объединение множества многочленов, определяющих $A$, и множества многочленов, определяющих $B$. Всякое алгебраическое множество можно наделить топологией, индуцированной топологией Зарисскс $о$ на $K^{n}$, и для произвольного подмножества $A \subset K^{n}$ множество $V(\mathrm{n}(A))$ является замыканием $A$ в топологии Зарисского. Из определений следует, что идеал $\mathfrak{n}(V(\mathfrak{a}))$ всегда содержит $a$, но равенство в общем случае может не иметь места. Многообразие не может быть разложено в объединение двух меньших алгебраических множеств. Взяв дополнения в топологии Зарисского, можно перефразировать это определение: алгебраическое множество $A$ называется многообразием, если пересечение любых двух его непустых открытых подмножеств непусто. Произвольное алгебраическое множество $A$, не являющееся неприводимым, можно разложить в объединение алгебраических множеств: $A=A_{1} \cup A_{2}$. Итерируя этот процесс, мы придем в конце концов к разложению $A=A_{1} \cup \ldots \cup A_{r}$ на неприводимые множества (по теореме о базисе). В случае, когда между членами этого разложения нет включений $A_{i} \subset A_{j}$ при $i Неприводимые множества в таком разложении $A$ называются неприводимыми компонентами $A$. Доказательство. Если множество $V$ иеприводимо и $f \cdot g \in n(V)$, то $V \subset V(\langle f) \cup V(\langle g))$, поэтому без ограничения общности можно считать, что $V \subset V(\langle f))$ и, следовательно, $f \in n(V)$. Обратно, предположим, что $V$ приводимо, а именно $V \subset A \cup B, V где $f_{1}, \ldots, f_{k}$ – любая система образующих идеала а n Ранг $\rho$ идеала а действительно не зависит от выбора системы образующих, так как если $g_{1}, \ldots, g_{m}$ другая система образующих, то $g_{i}=\sum_{i} a_{i l} f_{l}$ для некоторых $a_{i l} \in K[x]$. Поскольку $f_{i}(x)=0$ для $x \in V$, получаем, что на $V$ Следовательно, $\mathrm{Rk}_{x}\left(g_{1}, \ldots, g_{m}\right) \leqslant \mathrm{Rk}_{x}\left(f_{1}, \ldots, f_{k}\right)$ для $x \in V$; соответствующее рассуждение в другом направлении дает равенство. Для простоты мы будем, начиная с этого места, гредполагать, что $K=\mathbf{R}$ или $\mathbf{C}$. Пусть $V Векторное пространство $(K(V))^{n} n$-строк над полем $K(V)$ содержит точку $x=\left(x_{1}, \ldots, x_{n}\right)$, координатами которой являются переменные $x_{i}$ по модулю $n(V)$. Эта точка называется общей точкой многообразия $V$. Далее, имеется каноническое вложение $K \subset K(V)$, и, значит, мы можем подставить точку из $(K(V))^{n}$ в пюбой многочлен $f \in K[x]$. По определению общей точки получаем: В частности, ранг идеала $n(V)$ равен рангу системы образующих $\left(f_{1}, \ldots, f_{k}\right)$ идеала $\mathfrak{n}(V)$ в общей точке. Это вытекает из того, что любой минор $\Phi$ матриць $\left(\partial f_{i} / \partial x_{j}\right.$ ) удовлетворяет условию $\Phi(V)=0$ в том и толькс том случае, когда $\Phi(x)=0$ для общей точки $x \in K(V)$. 12.9. Теорема. Размерность многообразия $V \subset K^{n}$ равна корамгу идеала $\mathfrak{n}(V)$, т. е. $\operatorname{dim} V=n-\rho(\mathfrak{n}(V))$. Доказательство. Пусть $\operatorname{dim} V=d=$ степень трансцендентности $K(V)$ над $K$. Сделав подходящую перестановку координат, можно считать, что элементы $\boldsymbol{x}_{d+\boldsymbol{i}} \in K(V)$ алгебраичны над полем $K\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)$. Следовательно, существует неприводимый многочлен $g_{l}$ (многочлен наименьшей степени), такой, что $g_{l}\left(x_{1}, \ldots\right.$ $\left.\ldots, x_{d}, x_{d+i}\right)=0$ в $K(V)$, или, эквивалентно, $g_{i} \in \mathfrak{n}(V)$. В частности, $\partial g_{i} / \partial x_{d+i}(x) Отсюда вытекает, что матрица $\left(\partial g_{i} / \partial x_{j}(x)\right)$ имеет ранг $n-d$ в общей точке и $g_{i} \in \mathfrak{n}(V)$ для любого $i$, Поэтому $\rho(\mathrm{n}(V)) \geqslant n-d$. См. Ленг, Алгебра, X, § 7, предл. 10. Определение $D_{l}$ на рациональных функциях из $K(x)$ использует обычные правила дифференциального исчисления. Расширение $D$ с поля $K$ на поле $K(y)$, где $y$-алгебраический элемент, определяется минимальным многочленом элемента $y$. Пусть $p(y)=\sum p_{1} y^{\prime}-$ минимальный многочлен. Положим $p^{D}(y)=\sum D\left(p_{l}\right) y^{I}$. Тогда Поскольку многочлен $p$ минимален, $p^{\prime}(y) Векторное пространство дифференцирований поля $K(V)$, обращающихся в нуль на $K$, в нашем случае имеет размерность $d$. Базисом этого пространства является $\left\{D_{i} \mid i=1, \ldots, d\right\}$, где $D_{i}\left(x_{j}\right)=\delta_{i j}$ для $j \leqslant d$. Если $\left(f_{1}, \ldots, f_{k}\right)$ – система образующих идеала $\mathfrak{n}(V)$, то в общей точке $x$ мы имеем $f_{f}(x)=0$. Следовательно, Итак, для минимальных многочленов $g_{v}$ элементов $x_{t+v}$ имеем Подставляя это равенство в предыдущие, находим, что в общей точке Тем самым показано, что первые $d$ столбцов матрицы $D f(x), x \in K(V)^{n}$, суть линейные комбинации последних $i-d$ столбцов. Следовательно, $\rho \leqslant n-d$. Доказательство. Предположим, что $x_{1}, \ldots, x_{d}$ алгебраически независимы в $K(\mathfrak{b})$, но связаны алгебраическим соотношением $f\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)=0$ в $K(\mathfrak{a})$. Это означает, что $f\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)$ принадлежит a, но не принадлежит $\mathfrak{b}$, что противоречит условию теоремы. Следовательно, $d(a) \geqslant d(\mathfrak{b})$. Предположим теперь, что $d(\mathfrak{a})=a$ (b). Пусть $\left\{x_{1}, \ldots\right.$ $\left.\ldots, x_{d}\right\}$ – базис трансцендентности для $K($ b). Мы предположим, что $f \in \mathfrak{b}$; и выведем отсюда, что $f \in \mathfrak{a}$. Пусть $f$ представляет элемент из $K(\mathfrak{a})$, алгебраический над $K\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)$. Тогда существует многочлен $g \in K\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)[t]$, такой, что Обозначим произведение знаменателей коэффициентов $g$ в $K\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right)$ через $q\left(x_{1}, \ldots, x_{d}\right) Отсюда $h\left(x_{1}, \ldots, x_{d}, f\right)=0$ в $K(a)$ н, значит, $h\left(x_{1}, \ldots\right.$ $\left.\ldots, x_{d}, f\right) \in \mathfrak{a}$. Выбрав $g$ минимальным по отношению к $t$, мы можем считать, что $h\left(x_{1}, \ldots, x_{d}, 0\right) поскольку $\varphi(f)=0, \varphi\left(h\left(x_{1}, \ldots, x_{d}, f\right)\right)$ равно $h\left(x_{1}, \ldots\right.$ $\ldots, x_{d}, 0$ ) (в зависимости от контекста рассматриваемые многочлены берутся либо по модулю идеала $a$, либо по модулю идеала ( )). По построению, $h\left(x_{1}, \ldots\right.$, $\left.\ldots, x_{d}, s f\right)=0$ в $K[x] / \alpha$ и, значит, $h\left(x_{1}, \ldots, x_{d}, 0\right)=0$ в $K(\mathfrak{b})$. Отсюда следует, что многочлен $h\left(x_{1}, \ldots, x_{d}, 0\right)$ нулевой, ибо $x_{1}, \ldots, x_{d}$ алгебраически независимы. Это противоречит сделанному ранее предположению, если только $f Б частности, если $\mathfrak{a}=\mathfrak{n}(W)$ и $\mathfrak{b}=\mathfrak{n}(V)$, то мы получаем то $\operatorname{dim} V \leqslant \operatorname{dim} W$, причем $\operatorname{dim} V=\operatorname{dim} W$ том $и$ только том случае, когда $V=$ ! Размерностью произвольного алгебраического множества $A$ (обозначается $\operatorname{dim} A$ ) называется нанбольшая из размерностей его неприводимых компонент. Число $(n-\operatorname{dim} A)$ называется коразмерностью $A$. Следовательно, для произвольных алгебраических множеств иs включения $A \subset B$ следует, что $\operatorname{dim} A \leqslant \operatorname{dim} B$. Если же $B$ неприводимо, то из соотношений $A \subset B$ и $\operatorname{din} A=$ $=\operatorname{dim} B$ следует, что $A=B$. Если $A$ – алгебраическое множєлтво, определенное многочленами $\left\{f_{1}, \ldots, f_{k}\right\}$, то его множество особых точек определяется равенством $\Sigma A=\left\{x \in A \mid \mathrm{Rk}_{x}\left(f_{1}, \ldots, f_{k}\right)\right.$ не равен своему Связь между приведенным выше определением размерности алгебраического множества и топологическим определением размерности устанавливается следующей теоремой. Предположим на некоторое время, что этот результат имсет место, и разложим алгебраическое множество $A$ на неприводимые подмножества: $A=V_{1} U \ldots$. …UV. Тогда множество можно разложить в объединение $r$ непустых аналитических многообразий: Подмножества, которые мы отбросили, являются алгебраическими, поэтому к ним можно применить ту же процедуру. Размерность $\left(V_{i} \cap \bigcup_{l+l} V_{i}\right) \cup \Sigma V_{i}$, вычисленная по алгебраическому определению, меньше размерности $V_{i}$. Следовательно, итерации этого процесса оборвутся после $(\operatorname{dim} A)$ шагов. В результате этой конструкции мы разложим $A$ в дизъюнктное объединение аналитических многообразий, размерности которых $\leqslant \operatorname{dim} A$ (и по крайней мере одно из них имеет ту же размерность, что и $A$ ). Доказательство теоремы. Пусть $x \in V-\Sigma V$, ска: жем $x=0$, и $f_{1}, \ldots, f_{\rho} \in \mathfrak{n}(V)$ – такие многочлены, что $\mathrm{Rk}_{0}\left(f_{1}, \ldots, f_{\rho}\right)=\rho=n-\operatorname{dim} V$. Тогда $V \subset W \Rightarrow$ $=\left\{x \mid f_{1}(x)=\ldots=f_{\rho}(x)=0\right\}$. Поскольку множество $V$ неприводимо, оно содержится в некоторой неприводимой компоненте, скажем $W_{0}$, множества $W$, и мы имеем $\rho=\operatorname{Rk} \pi(V) \geqslant \operatorname{Rk} \pi\left(W_{0}\right) \geqslant \rho$, где первое неравенство следует из теоремы 12.10, а второе вытекает из того, что $f_{1}, \ldots, f_{0} \in n\left(W_{0}\right)$ и $0 \in V \sqsubset \mathbb{W}_{0}$. Следовательfo, $\operatorname{Rkn}(V)=\operatorname{Rkn}\left(W_{0}\right)$, и так как, по теореме $12.10, V=W_{0}$, то $V$ – неприводимая компонента $W$. Теперь нужно доказать, что множество $W$ локально (в смысле топологии Зарисского) неприводимо (т. е. локально $W=V$ ). Это завершит доказательство теоремы, поскольку локально $W$ является аналитическим многообразием. Но локальная неприводимость $W$ означает, что функции $\left\{f_{1}, \ldots, f_{\rho}\right\}$ порождают простой идеал $\langle f\rangle$ в локаль.іом кольце Ясно, что эти функции порождают простой идеал в кольце формальных степенных рядов $K[[x]]$. Действительно, по теореме о неявной функции можно преобразовать эти функции в первые $\rho$ координатных функций. Остается только показать, что если Теорема Крулля. Пусть $R$ – ётерово локальков кольцои $\mathfrak{m}$ – его максимальный идеал. Тогда $\bigcap_{-1}^{\infty} \mathfrak{m}^{\prime}=0$. Доказательство. Пусть идеал п порожден элементами $x_{1}, \ldots, x_{n}$. Обозначим через $R[\mathfrak{m} t]$ ккольцо Рисах: $R[\mathfrak{m} t]=\coprod_{r=0}^{\infty} \mathfrak{m}^{r} t^{r}$ (т. е. множество многочленов от $t$, у которых коэффициент при $t^{r}$ лежит в $\mathfrak{m}^{\prime}$, с очевидной кольцевой структурой). Тогда элементы $x_{1} t, \ldots, x_{n} t$ порождают $R[\mathrm{~m} t]$ над $\mathrm{R}$, и, значит, по теореме Гильберта о базисе кольцо $R[\mathrm{mt}]$ нётерово. Положим $D=\bigcap_{r=1}^{\infty} \mathfrak{m}^{r}$. Тогда идеал $D[t] \subset R[\mathfrak{m} t]$ конечно порожден. Предположим, что все его образующие имеют степень $\leqslant s$. Тогда $D[t] \subset R[m t] \cdot \prod_{t=0}^{s} t^{t} D$, и, сравнивая коэффициенты при $t^{s+1}$, находим, что $D \subset \mathfrak{m} D$. Значит, $D=0$ по лемме Накаямы. Для подготовки к доказательству теоремы 12.14 докажем такое утверждение. Доказательство. Пусть $U$-открытое в топологии. Зарисского множество в $K^{n+1}$, т. е. множество $A=$ $=\left(K^{n+1}-U\right)$ алгебраическое. Тогда Таким образом, нужно показать, что множество $V=\left\{x \in K^{n} \mid \pi^{-1}(x) \subset A\right\}$ алгебраическое. Предположим, что идеал $n(A)$ порожден элементами $\left\{f_{1}, \ldots, f_{k}\right\}$, $f_{1} \in K\left[x_{1}, \ldots, x_{n+1}\right]$ и и Ясно, что $\left(x_{1}, \ldots, x_{n}\right) \in V$ в том и только том случае, когда $f\left(x_{1}, \ldots, x_{n}, x_{n+1}\right)=0$ при любом значении $x_{n+1}$, т. е. в том и только том случае, когда $a_{i j}\left(x_{1}, \ldots, x_{n}\right)=0$. Следовательно, Доказательство. Если множество $V$ состоит из одной точки, т. е. $V=\{a\}$, то множ этво $\pi^{-1}\{a\}$ непри водимо. Это вытекает из того, что идеал $\left\langle\left(x_{l}-a_{i}\right)\right| i=$ $=1, \ldots, n\rangle$, состоящин из многочленов, обращающихся в нуль на $\pi^{-1}\{a\}$, есть ядро отображення Перейдем теперь к общему случаю. Мы должны показать, что если множества $U_{1}, U_{2} \subset \pi^{-1}(V)$ открыты и непусты, то $U_{1} \cap U_{2} Ясно, что $n(V) \subset n\left(\pi^{-1}(V)\right)$, и потому $\rho(n(V)) \leqslant$ $\leqslant \rho\left(n\left(\pi^{-1}(V)\right)\right)$. Обратно, если $f_{1}, \ldots, f_{k} \in \mathbb{\pi}\left(\pi^{-1}(V)\right)$, то $f_{i}\left(x_{1}, \ldots, x_{n}, a\right) \in \mathfrak{n}(V)$ для любой константы $a \in K$. Кроме того, $\partial f_{d} / \partial x_{n+1}\left(x_{1}, \ldots, x_{n}, a\right)=0$ для $\left(x_{1}, \ldots\right.$ $\left.\ldots, x_{n}\right) \in V$. Выберем неко: орую точку $\left(x_{1}, \ldots\right.$ $\left.\ldots, x_{n}, a\right) \in \pi^{-1}(V)$. Тогда и $f_{i}(x, a) \in K\left[x_{1}, \ldots, x_{n}\right]$, откуда $\rho\left(\pi\left(\pi^{-1}(V)\right)\right) \leqslant \rho(n(V))$. Последнее рассуждение показывает также, что $\pi^{-1}(V-\Sigma V)=\pi^{-1}(V)-\Sigma \pi^{-1}(V)$; это равенство согласуется с нашими интуитивными представлениями, когда мы интерпретируем размерность топологически.
|
1 |
Оглавление
|